>>195329887Быть тупым - это повестись на твой байт на слабо и решить за тебя задачу, школьник. Вот что такое быть тупым.
>>195330007Дедукция. Кому еще понадобиться решать обоссаную задачу из элементарной геометрии, хм? Может быть профессиональному математику? Нет. Может быть математику-любителю? Нет. Потому что решение тривиальное. Кто жезаинтересован в решении тривиальной вычислительной школьной задачи? Хммм.
>>195330128>Кто же заинтересован в решении тривиальной вычислительной школьной задачи?Очевидно же, что это шизик, который каждый день создаёт здесь этот тред.
угол o1ao2 прямой, значит o1a лежит на касательной ak, аналогично o2a касательная к окружности с центром o1. ak=7-6=1.ab=24/5 так как диагонали дельтоида пересекаются под прямым углом и как нибудь найти угол bak.
>>195330203Я знаю решение после 10 минут раздумий,а ты нет, потому ты и пришел байтить двач,чтобы за тебя решили. Ты слишком тупой , чтобы решить ее сам, вот и выкладываешь сюда.
>>195330550> Никто не будет решать твою задачуЯсно, потому что никто не сможет её решить. Давно известно, что среднестатистический двачер воде тебя знает максимум таблицу умножения.
>>195330550> Никто не будет решать твою задачуЯсно, потому что никто не сможет её решить. Давно известно, что среднестатистический двачер вроде тебя знает максимум таблицу умножения.
по обратной теореме пифагора угол O1AO2=90 гр.диагонали дельтоида o1o2ab пересекаются под прямым углом, значит ab перпендикулярно o1o2.найдем ab.ab=2ah=234/5=24/5=4.8-------------угол akb вписанный и опирается на хорду ab, он равен половине угла ao2b.так как тр. ao2b равнобедренный o2h является биссектрисой зн.уг. ao2h=уг. akb=arcsin(6/10)-------------проведем диаметр окружности через точку K.KBG=90 так как опирается на диаметр.MG проходит через точку B значит KBM=90.из треугольника KBM:KB=7cos(arcsin(6/10))=78/10=5,6----------------KB/sin(BAK)=8уг. bak=180-arcsin(112/160)=180-arcsin(7/10).уг abk=180-arcsin(6/10)+arcsin(7/10)S(akb)=(1/2)5,64.8sin(arcsin(7/10)-arcsin(6/10))--------------sin(arcsin(7/10)-arcsin(6/10))=(7/10)(8/10)-(√(51)/10)(6/10)=(56-6√51)/100==0,13151429428742900012003601131796S=13,44*0.131514=1,7675521152230457616132839921134--------------Оп с тебя помощь в доказательстве того что угол BAK тупой, и то что точка B лежит на MG.
>>195334850Ебанул по подобию треугольников. Ответ тот же. Молодец, чувак. Кажется тебе как и мне абсолютно нехуй делать.
>>195336367Треугольник АО1О2 подобен треугольнику MBK. В треугольнике АО1О2 выполняется обратная теорема Пифагора.
>>195334850>точка B лежит на MG.Пусть KG - диаметр окружности О2. Треугольник АО1О2 подобен треугольнику MBK. В треугольнике АО1О2 выполняется обратная теорема Пифагора, следовательно треугольник MBK прямоугольный, где угол KBM - прямой. Так как KBG прямой угол, как опирающийся на диаметр при вершине B и MBK прямой угол в прямоугольном треугольнике MBK при вершине B, то B общая вершина углов MBK и KBG, тогда точки M и G лежат на одной прямой, что и требовалось доказать.мимоОП
>>195337099мне уже сказали это.я понял что через подобие сделать в 2 раза легче сейчас скину 2 решение.
>>195336625В солиде сделал эскиз по задаче, обрезал все элементы, кроме искомого треугольника, вытянул бобышкой, чтобы сделать 3д фигурку и в анализе измерил площадь этой хуйни.
>>195340473Ну это получается как отдельная лемма должна быть. Доказать что углы не могут тогда быть равны в другом случае.
>>195340511Нужно рассмотреть случай квадрата, а потом просто доказать афинность нашего преобразования и всё.
ебать ты лошпед. ак вообще считается за 3 секав считается по формуле https://ru.wikipedia.org/wiki/%D0%9C%D0%B5%D0%B4%D0%B8%D0%B0%D0%BD%D0%B0_%D1%82%D1%80%D0%B5%D1%83%D0%B3%D0%BE%D0%BB%D1%8C%D0%BD%D0%B8%D0%BA%D0%B0затем снова высчитываешь кв деля один треугольник на два, зная углы и длину медианы.после чего просто высчитывваешь их пллощадь,, складываешь площади и поолучаешь необхождимый резцультат.
>>195340441Теперь точно доказал. И это пиздец. Сначала, нужно доказать, что это дельтоид. Дальше там есть четыре случая:1)Ромб2) Дельтоид, где AB>BC3)Дельтоид, где AB<BCПотом нужно доказывать, с какой стороны от диагоналей лежит точка X в каждом из случаев. Потом обозначить один какой-то угол альфа и искать углы между диагоналями, потом углы при вершинах треугольников BXA и CXD.Сейчас в Геогебру буду вбивать.
